Гильбертово пространство

Определение

Определение 1. Полное евклидово (унитарное) бесконечномерное пространство называется Гильбертовым. Обозначается как $$H$$ .

Гильбертово пространство это частный случай банахова пространства.

Связь нормы и скалярного произведения

В гильбертовом пространстве, как и во всяком евклидовом или унитарном пространстве, норма согласована со скалярным произведением. В общем случае норма и скалярное произведение никак не связаны между собой.

В гильбертовом пространстве норма связана со скалярным произведением следующим образом: $$ ||x||=\sqrt{(x,x)} $$

Из аксиом скалярного произведения вытекает неравенство Коши-Буняковкого: $$|(x,y)|\leq ||x|||y||$$, $$\forall x, y \in H$$

Теорема 1. Норма порождается скалярным произведением тогда и только тогда, когда выполнено тождество параллелограмма.

\[||x+y||^2+||x-y||^2=2(||x||^2+||y||^2), \forall x, y \in H.\]

Доказательство:

\rightarrow Если норма порождается скалярным произведением, то тогда \begin{equation} ||x+y||^2=(x+y,x+y)=||x||^2+||y||^2+(x,y)+(y,x), \end{equation} \begin{equation} ||x-y||^2=(x-y,x-y)=||x||^2+||y||^2-(x,y)-(y,x). \end{equation} После сложения (1) и (2) получаем требуемое.

\leftarrow Вещественный случай: \[(x,y)=\frac{1}{2}(||x+y||^2-||x||^2-||y||^2)\]

Проверим аксиомы скалярного произведения

1) $$(x,y)=(y,x)$$, очевидно выполняется

2) $$(x+y,z)=(x,z)+(y,z)$$,

\[\Delta=2((x+y,z)-(x,z)-(y,z))=||x+y+z||^2-||x+y||^2-||z||^2-||x+z||^2+||x||^2+||z||^2-||y+z||^2+||y||^2+||z||^2\]

Упростим

\[||x+y+z||^2-||x+y||^2-||x+z||^2-||y+z||^2+||x||^2+||y||^2+||z||^2\]

Применим тождество параллелограмма к вектору $$x+y+2z=(x+y+z)+z=(x+z)+(y+z)$$ и получим: \[||x+y+2z||^2+||x+y||^2=2||x+y+z||^2+2||z||^2\], \[||x+y+2z||^2+||x-y||^2=2||x+z||^2+2||y+z||^2\]

Вычитаем из первого второе

\[||x+y||^2-||x-y||^2=2||x+y+z||^2-2||x+z||^2-2||y+z||^2+2||z||^2\]

\[\Delta=\frac{1}{2}(||x+y||^2-||x-y||^2)+||x+z||^2+||y+z||^2-||z||^2-||x+z||^2-||y+z||^2-||x+y||^2+||x||^2+||y||^2+||z||^2\]

После сокращений

\[\frac{1}{2}(||x+y||^2-||x-y||^2)+||x||^2+||y||^2-||x+y||^2\]

\[||x||^2+||y||^2-\frac{1}{2}(||x+y||^2+||x-y||^2)=0\]

Получили, что вторая аксиома выполняется

3) Третья аксиомы выводится из второй $$(\alpha x,y)=\alpha(x,y)$$

\[(2x,y)=(x+x,y)=(x,y)+(x,y)=2(x,y)\] Верно для $$\alpha=2$$, покажем для $$\alpha=n$$:

\[(nx,y)=((n-1)x-(x,y)\]

То есть для всех натуральных чисел аксиома выполнена.

Для нуля: \[(0,y)=\frac{||0+y||^2-||0||^2-||y||^2}{2}\] \[0=(0,y)=(x-x,y)=(x+(-x),y)=(x,y)+(-x,y): ((-x),y)=-(x,y)\]

Таким образом распространили на все целые $$\alpha$$, далее распространим на рациональные:

\[ \alpha \in Q: (x,y)=n(\frac{x}{n},y)=n(\frac{x}{n},y), (\frac{x}{n},y)=\frac{1}{n}(x,y) \] \[ (\frac{m}{n}x,y)=m(\frac{x}{n},y)=\frac{m}{n}(x,y) \]

Случай $$\alpha \in R$$ докажем через предельный переход и непрерывность нормы.

Норма непрерывна. Раз скалярное произведение вводится через норму, то будет непрерывным и предполагаемое скалярное произведение. Значит, можно совершать предельный переход под знаком скалярного произведения. Вещественное число приближаем последовательность рациональных числе, которая сходится к этому числу. Переходя к пределу получим, что для вещественных чисел 3 аксиома справедлива.

4) $$(x,x)\geq 0$$, причем $$(x,x)=0 \leftrightarrow x=0$$. Очевидно.

Все 4 аксиомы проверены. Для вещественного случая доказано.

Теперь для комплексного случая. \[ ||x+y||^2=||x||^2+||y||^2+2Re(x,y) \] \[ ||x+iy||^2=||x||^2+||y||^2-2Im(x,y) \] \[ (x,y)=\frac{||x+y||^2-||x-y||^2}{4}-i \frac{||x+iy||^2-||x-iy||^2}{4} \]

Справедливость аксиом вытекает из вещественного случая. Здесь они автоматически будут выполнены.

Теорема доказана.\qed